算法核心:
状态压缩DP
大意:
有n门课程作业,每门作业的截止时间为D,需要花费的时间为C,若作业不能按时完成,每超期1天扣1分。
这n门作业按课程的字典序先后输入
问完成这n门作业至少要扣多少分,并输出扣分最少的做作业顺序
PS:达到扣分最少的方案有多种,请输出字典序最小的那一组方案
分析:
n<=15,由题意知,只需对这n份作业进行全排列,选出扣分最少的即可。
用一个二进制数存储这n份作业的完成情况,第1.。。。n个作业状况分别
对应二进制数的第0,1.。。。。,n-1位则由题意,故数字上限为2^n
其中 2^n-1即为n项作业全部完成,0为没有作业完成。。。
用dp[i]记录完成作业状态为i时的信息(所需时间,前一个状态,最少损失的分数)。
递推条件如下
- 状态a能做第i号作业的条件是a中作业i尚未完成,即a&i=0。
- 若有两个状态dp[a],dp[b]都能到达dp[i],那么选择能使到达i扣分小的那一条路径,若分数相同,转入3
- 这两种状态扣的分数相同,那么选择字典序小的,由于作业按字典序输入,故即dp[i].pre = min(a,b);
初始化:dp[0].cost = 0;dp[0].pre=-1;dp[0].reduced = 0;
最后dp[2^n-1].reduced即为最少扣分,课程安排可递归的输出
Answer
#include<stdio.h>
#include<string.h>
constint N =65536;
struct node
{
int cost;//所需要的时间
int pre;//前一状态
int reduced;//最少损失的分数
}dp[N];//dp[i][j]表示在第i天完成作业信息为j
bool visited[N];//表示完成j的状态是否被访问
struct course
{
int deadtime;//截止日期
int cost;//所需日期
char name[201];
}course[16];
void output(int status)//递归输出课程安排表
{
int curjob= dp[status].pre^status;
int curid =0;
curjob>>=1;
while(curjob)
{
curid++;
curjob>>=1;
}
if(dp[status].pre!=0)//输出其前面的课程
{
int preday = dp[status].cost-course[curid].cost;
output(dp[status].pre);
}
printf("%s\n",course[curid].name);
}
int main()
{
int T;
while(scanf("%d",&T)!=EOF)
while(T--)
{
int n;
scanf("%d",&n);//n门课程
int i,j;
int upper =1<<(n);
int dayupper =0;
for(i=0;i<n;i++)
{
scanf("%s%d%d",course[i].name,&course[i].deadtime,&course[i].cost);
dayupper+=course[i].cost;
}
memset(visited,false,sizeof(visited));
dp[0].cost=0;
dp[0].pre=-1;
dp[0].reduced =0;
visited[0]=true;
int work;
int tupper = upper-1;
for(j=0;j<tupper;j++)//遍历所有状态
{
for(work=0;work<n;work++)
{
int cur =1<<work;
if((cur&j)==0)//该项作业尚未做过
{
int curtemp=cur|j;
int day=dp[j].cost+course[work].cost;
dp[curtemp].cost = day;
int reduce = day-course[work].deadtime;
if(reduce<0)reduce=0;
reduce+=dp[j].reduced;
if(visited[curtemp])//该状态已有访问信息
{
if(reduce<dp[curtemp].reduced)
{
dp[curtemp].reduced=reduce;
dp[curtemp].pre=j;
}
//else
// if(reduce==dp[curtemp].reduced)//扣分相同,取字典序小的那一个,由于这
// { //里j是按从小到达搜索的,默认已是按字典序,不需再处理
// if(dp[curtemp].pre>j)
// dp[curtemp].pre = j;
// }
}
else
if(visited[curtemp]==false)//该状态尚未到达过
{
visited[curtemp]=true;
dp[curtemp].reduced=reduce;
dp[curtemp].pre=j;
}
}
}
}
printf("%d\n",dp[tupper].reduced);
output(tupper);
}
return0;
}